【详解】(1)磁感应强度方向向里且增大，根据楞次定律判断可知电流方向为

(2)(3)根据法拉第电磁感应定律得

感应电流为

故电压表的示数为

16．．(1)杆做初速度为零的匀加速运动；(2)7W

【详解】(1)电压表示数为

由题图（b）可知，U与t成正比，即v与t成正比，可知杆做初速度为零的匀加速运动。

(2)因

，所以

由题图（b）得

，即

解得

第2s末速度

解得

则

17．（1）2T；（2）

【详解】(1)0~0.1s，由题图乙得

由牛顿第二定律有

代入数据得

后匀速运动，则金属杆在

时刚好进入磁场，有

而

代入数据得

(2)方法一：金属杆ab在磁场中下滑

过程中，电流恒定，有

，

方法二：金属杆ab在磁场中匀速运动，则

下落高度

由能量守恒有

定值电阻上产生的热量

解得

12．AC【详解】AB．由于我们生活的北半球，地磁场有竖直向下的分量，电风扇瞬时针方向转动，切割磁感线产生电动势，根据右手定则可知，感应电流方向从O到A，则A相当于电源的正极，则 A点的电势比O点的电势高，故A正确，B错误；

CD．转动切割的电动势为

可知，转速一定时，扇叶长度越短，电势差

的数值越小，故C正确，D错误。

13．a c B 磁通量的变化率

【详解】（1）[1] 将电流计与线圈B串联成另一个回路，所以N连接a。

[2]将电源、电键、变阻器、线圈A串联成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，所以M连接c。

（2）[3] A．由题意可知，当P向右匀速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，磁通量减少，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转，故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏。滑动变阻器滑动端P向右加速滑动时，线圈B中磁通量减小，故指针应向右偏转，故A错误；

B．当铁芯拔出或断开开关时，线圈A中磁场减小，故线圈B中磁通量减小，指针向右偏转，故B正确；

C．滑片匀速向左运动时，线圈A中也会产生变化的磁场，线圈B中产生了感应电流使指针偏转，C错误。

（3）[4] 在电磁感应现象中，磁通量的变化率等于电动势。电动势越大，感应电流越大。所以第一次电流计的指针摆动的幅度比第二次的大。原因是线圈中第一次的磁通量的变化率比第二次的大。

14．BD 感应电场的电场力 机械能 正

【详解】(1)[1]A．只要将线圈A放在线圈B中不一定会引起电流计指针偏转，必须保证线圈A中有电流通过，并且电流要发生变化才能使线圈B产生感应电流，A错误；

B．线圈A插入或拔出线圈B的速度越大，电流计指针偏转的角度越大，因为速度越大，线圈B中的磁通量变化越快，其产生的感应电动势越大，电流也越大，B正确；

C．滑动变阻器的滑片P匀速滑动时，电流计指针会发生偏转，因为滑片移动电阻变化，线圈A的电流发生变化，线圈B就能产生感应电流，C错误；

D．滑动变阻器的滑片P滑动越快，电流计指针偏转的角度越大，因为滑片移动快电阻变化快，线圈A的电流变化也快，线圈B中的磁通量变化越快，其产生的感应电动势越大，电流也越大，电流计指针偏转的角度越大，D正确。

(2)[2]线圈B相当于产生感应电流的“电源”，这个“电源”内的非静电力是感应电场的电场力。

[3]因为线圈A插入或拔出线圈B，导致电流计指针发生了偏转。这时，是机械能转化为电能。

(3)[4]由楞次定律可判断感应磁场方向向下，再利用右手定则可判断感应电流方向从负接线柱流入灵敏电流计，则指针向正接线柱一侧偏转，所以则乙图中灵敏电流计指针向其正接线柱方向偏转。

15(1)

；(2)

；(3)

【详解】(1)磁感应强度方向向里且增大，根据楞次定律判断可知电流方向为

(2)(3)根据法拉第电磁感应定律得