01

有意思的是，在数学历史上，一些很简单的结论竟然几百年来都未曾发现。

直到 1977 年， Paul Erdős 和 George Szekeres 才发现，除了两头的 1 以外，杨辉三角同一行内的任意两个数都有公因数。证明这个结论。

答案：

只需要注意到， a 乘以一个比 b 小的数之后还能成为 b 的倍数，这说明 a 和 b 一定有公因数。

不妨设 0 < i < j < n ，则 C(j, i) < C(n, i) 。我们的命题可以由下述关系直接推出。

C(n, j) · C(j, i)

= n! / (j! (n - j)!) · j! / (i! (j - i)!)

= n! / (i! (n - j)! (j - i)!)

= n! / (i! (n - i)!) · (n - i)! / ((j - i)! (n - j)!)

= C(n, i) · C(n-i, j-i)

02

2 的 5 倍是 10 ， 3 的 37 倍是 111 ， 4 的 25 倍是 100 。

是否对于任意正整数 n ，都能找到一个 n 的倍数，它全由数字 0 和 1 构成？

答案：是的。

考虑数列 1, 11, 111, 1111, … 。它们除以 n 的余数只有 n 种可能，因此前 n+1 项中一定有两项，它们除以 n 的余数相同。这两项的差即满足条件。

03

或许大家常会注意到这么一个有趣的事实： 111 能被 3 整除。是否存在无穷多个正整数 n 满足， n 个 1 所组成的 n 位数能被 n 整除？

答案：是的。

我们只需要证明，若 n 个 1 所组成的 n 位数能被 n 整除，则 3n 个 1 所组成的 3n 位数能被 3n 整除。

这是因为 11..11 11..11 11..11 可以写成 11..11 * 1 00..01 00..01 ，其中前者含有因子 n ，后者显然含有因子 3 。

04

是否对于任意正整数 n ，都能找到一个 n 的倍数，它含有从 0 到 9 所有的数字？

答案：是的。

假设 n 是一个 d 位数，那么 1234567890·10d + 1 和 1234567890·10d + n 之间一定有一个数是 n 的倍数，它显然满足要求。

05

对任意一个正整数集合 A ，令 S 为 A 中的数两两相加可能得到的所有和所组成的集合，令 D 为 A 中的数两两相减可能得到的所有差所组成的集合。

例如，若 A = {1, 2, 4} ，则 S = {2, 3, 4, 5, 6, 8} ， D = {-3, -2, -1, 0, 1, 2, 3} 。

证明或推翻： D 中的元素个数不可能少于 S 中的元素个数。

答案：这是错的。

目前已知的最小反例为 {1, 3, 4, 5, 8, 12, 13, 15} ，这 8 个数能产生 26 种和，但只能产生 25 种差。

06

多项式 p(x) = (1/2)x² – (1/2)x + 2 满足 p(1)=2 、 p(2)=3 、 p(3)=5 。

是否能找到一个整系数多项式 q(x) ，使得 q(1)=2 、 q(2)=3 、 q(3)=5 ？

答案：不能。

事实上，连只满足 q(1)=2 、 q(3)=5 的整系数多项式都不存在。假设 q(x) = a1 + a1·x +a2·x² + … + an·xn ，则

3 = 5 – 2 = q(3) – q(1) = (3-1)a1 + (3²-1)a2 + … + (3n-1)an

由于 3k – 1 总是偶数，因此等式右边一定是偶数，它不可能等于 3 ，矛盾。

07

假设 P(x) 是一个 8 次多项式，且 P(1)=1, P(2)=1/2, P(3)=1/3, …, P(9)=1/9 。求 P(10) 。

答案：

由条件可知 1, 2, … ,9 是多项式 x·P(x) – 1 的 9 个根。

因此， x·P(x) – 1 = c(x-1)(x-2)(x-3)…(x-9) 。

对比常数项可知 -1 = -c·9! ，因此 c=1/9! 。

因此， 10·P(10) – 1 = 9!/9! = 1 ，所以说 P(10)=1/5 。

08

把杨辉三角写成方阵：

1 1 1 1 1 …

1 2 3 4 5 …

1 3 6 10 15 …

1 4 10 20 35 …

1 5 15 35 70 …

…

…

证明：对任意正整数 n ，方阵的前 n 行 n 列组成的矩阵，其行列式总为 1 。

答案：

对 n 施归纳。

当 n=1 时，显然成立。

考虑方阵的前 n 行 n 列，若每一行都减去它的上面一行，就变成了：

1 1 1 1 1 …

0 1 2 3 4 …

0 1 3 6 10 …

0 1 4 10 20 …

0 1 5 15 35 …

…

…

再把每一列都减去它的前一列：

1 0 0 0 0 …

0 1 1 1 1 …

0 1 2 3 4 …

0 1 3 6 10 …

0 1 4 10 20 …

…

…

显然其行列式与 n-1 阶时相同

09

一个机器洗牌时总是以相同的方式打乱牌的顺序。把

A, 2, 3, 4, 5, 6, 7, 8, 9, 10, J, Q, K

放进去，用机器连续洗两次牌之后，顺序变为了

10, 9, Q, 8, K, 3, 4, A, 5, J, 6, 2, 7

求机器第一次洗牌之后的顺序。

答案：

可以把这个洗牌机看作一个置换 σ ，则 σ² 为

1→8→4→7→13→5→9→2→12→3→6→11→10→1

由于 σ² 不能分解成若干个不相交循环，因此 σ 也不可能有多个循环。

但这就表明连续洗牌 13 次所有牌又会回到原位，因此洗一次牌相当于 (σ2)7 ，即

1→2→8→12→4→3→7→6→13→11→5→10→9→1

因此所求的顺序为

9, A, 4, Q, J, 7, 3, 2, 10, 5, K, 8, 6

本文由超级数学建模编辑整理

资料来源于

转发、分享请随意

转载请在公众号中，回复“转载”

------这里是数学思维的聚集地------

“超级数学建模”（微信号supermodeling），每天学一点小知识，轻松了解各种思维，做个好玩的理性派。60万数学精英都在关注！

「征稿启事」

超级数学建模现正式向粉丝们公开征稿！内容须原创首发，与数学、物理相关（2000~3000字），一经采用，会奉上丰厚稿酬。

来稿请投supermodeling@163.com。